题目
In an array A
containing only 0s and 1s, a K
-bit flip consists of choosing a (contiguous) subarray of length K
and simultaneously changing every 0 in the subarray to 1, and every 1 in the subarray to 0.
Return the minimum number of K
-bit flips required so that there is no 0 in the array. If it is not possible, return -1
.
Example 1:
Input: A = [0,1,0], K = 1
Output: 2
Explanation: Flip A[0], then flip A[2].
Example 2:
Input: A = [1,1,0], K = 2
Output: -1
Explanation: No matter how we flip subarrays of size 2, we can't make the array become [1,1,1].
Example 3:
Input: A = [0,0,0,1,0,1,1,0], K = 3
Output: 3
Explanation:
Flip A[0],A[1],A[2]: A becomes [1,1,1,1,0,1,1,0]
Flip A[4],A[5],A[6]: A becomes [1,1,1,1,1,0,0,0]
Flip A[5],A[6],A[7]: A becomes [1,1,1,1,1,1,1,1]
Note:
1 <= A.length <= 30000
1 <= K <= A.length
题目大意
在仅包含 0 和 1 的数组 A 中,一次 K 位翻转包括选择一个长度为 K 的(连续)子数组,同时将子数组中的每个 0 更改为 1,而每个 1 更改为 0。返回所需的 K 位翻转的次数,以便数组没有值为 0 的元素。如果不可能,返回 -1。
提示:
- 1 <= A.length <= 30000
- 1 <= K <= A.length
解题思路
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给出一个数组,数组里面的元素只有 0 和 1。给一个长度为 K 的窗口,在这个窗口内的所有元素都会 0-1 翻转。问最后需要翻转几次,使得整个数组都为 1 。如果不能翻转使得最后数组元素都为 1,则输出 -1。
-
拿到这一题首先想到的是贪心算法。例如第 765 题,这类题的描述都是这样的:在一个数组中或者环形数组中通过交换位置,或者翻转变换,达到最终结果,要求找到最少步数。贪心能保证是最小步数(证明略)。按照贪心的思想,这一题也这样做,从数组 0 下标开始往后扫,依次翻转每个 K 大小的窗口内元素。
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由于窗口大小限制了,所以这题滑动窗口只需要一个边界坐标,用左边界就可以判断了。每一个 A[i]
是否需要翻转,是由于 [ i-k+1,i ]
、[ i-k+2,i+1 ]
、[ i-k+3,i+2 ]
……[ i-1,i+k ]
这一系列的窗口翻转累积影响
的。那如何之前这些窗口累积
到 A[i]
上翻转的次数呢?可以动态的维护一个翻转次数,当 i
摆脱了上一次翻转窗口 K
的时候,翻转次数就 -1
。举个例子:
A = [0 0 0 1 0 1 1 0] K = 3
A = [2 0 0 1 0 1 1 0] i = 0 flippedTime = 1
A = [2 0 0 1 0 1 1 0] i = 1 flippedTime = 1
A = [2 0 0 1 0 1 1 0] i = 2 flippedTime = 1
A = [2 0 0 1 0 1 1 0] i = 3 flippedTime = 0
A = [2 0 0 1 2 1 1 0] i = 4 flippedTime = 1
A = [2 0 0 1 2 2 1 0] i = 5 flippedTime = 2
A = [2 0 0 1 2 2 1 0] i = 6 flippedTime = 2
A = [2 0 0 1 2 2 1 0] i = 7 flippedTime = 1
当判断 A[i]
是否需要翻转的时候,只需要留意每个宽度为 K
窗口的左边界。会影响到 A[i] 的窗口的左边界分别是 i-k+1
、i-k+2
、i-k+3
、…… i-1
,只需要分别看这些窗口有没有翻转就行。这里可以用特殊标记来记录这些窗口的左边界是否被翻转了。如果翻转过,则把窗口左边界的那个数字标记为 2 (为什么要标记为 2 呢?其实设置成什么都可以,只要不是 0 和 1 ,和原有的数字区分开就行)。当 i≥k
的时候,代表 i
已经脱离了 i-k
的这个窗口,因为能影响 A[i]
的窗口是从 i-k+1
开始的,如果 A[i-k] == 2
代表 i-k
窗口已经翻转过了,现在既然脱离了它的窗口影响,那么就要把累积的 flippedTime - 1
。这样就维护了累积 flippedTime
和滑动窗口中累积影响的关系。
-
接下来还需要处理的是 flippedTime
与当前 A[i]
是否翻转的问题。如果 flippedTime
是偶数次,原来的 0 还是 0,就需要再次翻转,如果 flippedTime
是奇数次,原来的 0 变成了 1 就不需要翻转了。总结成一条结论就是 A[i]
与 flippedTime
同奇偶性的时候就要翻转。当 i + K
比 len(A)
大的时候,代表剩下的这些元素肯定不能在一个窗口里面翻转,则输出 -1 。